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26-10-2010, 16:57 | #6941 | ||
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Boh ed anche la seconda versione riveduta e corretta
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26-10-2010, 17:56 | #6942 | |
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Il denominatore pero' e' asintotico ad 1 non a (x-1)^2. Quindi ponendo 1+y=x con y->0 (a=alfa) f(x) = F(y) ~ y^a *y = y^(a+1) = (x-1)^(a+1).
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26-10-2010, 19:02 | #6943 | |
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thanks
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27-10-2010, 06:10 | #6944 |
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ciao,
so che una funzione è invertibile se è biunivoca(iniettiva e suriettiva) e la sua derivata prima non si azzera mai (condizione necessaria ma non sufficiente) in quanto esiste ad esempio la funzione y=x^3 che si azzera nel punto x=0 e quindi si direbbe che tale funzione non è invertibile ed invece lo è: qual'è allora il metodo più efficace per scoprire se una funzione è invertibile ? grazie |
27-10-2010, 19:39 | #6945 | |
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27-10-2010, 20:08 | #6946 | |
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Ubuntu è un'antica parola africana che significa "non so configurare Debian" Chi scherza col fuoco si brucia. Scienza e tecnica: Matematica - Fisica - Chimica - Informatica - Software scientifico - Consulti medici REGOLAMENTO DarthMaul = Asus FX505 Ryzen 7 3700U 8GB GeForce GTX 1650 Win10 |
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27-10-2010, 20:57 | #6947 | |
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quindi calcolando solo la derivata prima e studiandone il segno dovrei essere in grado di capire con assoluta certezza se la funzione è monotona crescente e quindi invertibile? grazie Ultima modifica di misterx : 27-10-2010 alle 21:01. |
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27-10-2010, 21:46 | #6948 | |
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Ma come Aldin ti ha mostrato, ci sono esempi di funzioni invertibili che non sono necessariamente continue.
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27-10-2010, 23:06 | #6949 |
Bannato
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28-10-2010, 12:15 | #6950 |
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grazie 1000
un apparente innocuo limite lim log(x^2 + x) = log(x^2( 1 +1/x))=+oo x->+oo lim log(x^2 + x) = log(x^2( 1 +1/x))=+oo x->+oo lim log(x^2 + x) = log(x^2( 1 +1/x))=-oo x->0+ lim log(x^2 + x) = log(x^2( 1 +1/x))=-oo x->0- per i due in grassetto 0+ e 0- posso dire sempre se è come credo che 1/0+ -> +oo ma poi mi ritrovo una forma indeterminata del tipo (0+) * (+oo), stesso discorso per la direzione 0-. Mi chiedevo se la soluzione sta nel fatto che il codominio del logaritmo per valori della x < 1 è negativo e quindi il risultato è ovviamente -oo oppure esiste un artificio matematico per mettere in evidenza tale fatto ? Spero di essere stato chiaro. ciao |
28-10-2010, 12:23 | #6951 |
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Nel caso di 0+ x^2 + x è un infinitesimo di ordine 1. Il logaritmo di un infitesimo non è una forma indeterminata.
PS: certe volte mi viene da pensare a quanto sia più facile fare i limiti per chi ha fatto analisi non standard (cioè fondata sul calcolo infinitesimale di Leibniz) Ultima modifica di cionci : 28-10-2010 alle 12:36. |
28-10-2010, 13:43 | #6952 |
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ciao,
credo anch'io che mi manchi un qualche passaggio di teoria per capire bene i limiti. Riprendendo: lim log(x^2 + x) = log(x^2( 1 +1/x)) x->0+ dove 1/x=1/0+ = +oo e (x^2)=(0+)^2=0+ quindi se non erro ottengo come argomento del logaritmo: log(0+ * +oo) che è una forma indeterminata |
28-10-2010, 13:59 | #6953 |
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x^2 + x = (0+)^2 + 0+ = infinitesimo di primo ordine
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28-10-2010, 14:27 | #6954 |
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post sbagliato
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28-10-2010, 14:30 | #6955 |
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ma c'è un teorema per stabilirne l'ordine ?
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28-10-2010, 14:31 | #6956 | |
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L'espressione tra parentesi quadre tende a zero per x->0 mentre il primo termine log (x) -> -oo per x->0+. Quindi il limite e' -oo.
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28-10-2010, 14:33 | #6957 |
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28-10-2010, 15:10 | #6958 |
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Integrali tripli ed integrazione per sezioni.
Sono partito da un esercizio facile : ∫∫∫ y dxdydz su D=Sfera centrata in (0,3,0) e raggio unitario. L'idea di tagliare a metà la sfera e moltiplicare tutto per 2 è giusta? Così ho messo Z€[0,1] e (x,y)€Sz Sz è un cerchio di raggio Rz variabile. Ora non riesco assolutamente a capire come definire Rz in funzione di z. E D I T Se ho capito bene devo calcolarmi ques'integrale ∫∫y dxdy sull'insieme E={(xy)€R2 : 0 <= x^2+ (y-3)^2 =< 1}
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28-10-2010, 15:15 | #6959 | |
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Ma usa le coordinate sferiche con separazione delle variabili e il risultato ti apparira' facilmente.
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28-10-2010, 15:17 | #6960 | |
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è il metodo per sezioni che non ho ben chiaro e vorrei capirlo....
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